Министерство сельского хозяйства и продовольствия

Российской Федерации

Департамент кадровой политики и образования

Костромская Государственная сельскохозяйственная академия

Кафедра «Электропривод и электротехнология»

ПОСОБИЕ

К ПРАКТИЧЕСКИМ ЗАНЯТИЯМ

по дисциплине «Эксплуатация электрооборудования»

Оценка надежности и ремонтопригодности электрооборудования

Кострома, 2000 год.

Пособие к практическим занятиям составлено в соответствии с программой курса «Эксплуатация электрооборудования» для студентов специальности 3114 «Электрификация и автоматизация сельского хозяйства» очной формы обучения, рассмотрены на заседании методической комиссии факультета электрификации и автоматизации сельского хозяйства Костромской государственной сельскохозяйственной академии и рекомендованы к изданию.

Протокол №___________________________ 2000 г.

Составитель: Шмигель В.В., к.т.н., доцент кафедры «Электропривод и электротехнология», КГСХА

Содержание

1. Основные показатели надежности электрооборудования

   1. Показатели безотказности неремонтируемых объектов

   2. Показатели безотказности ремонтируемых объектов

   3. Статистическая оценка показателей надежности

   4. Ремонтопригодность, долговечность и сохраняемость электрооборудования

   5. Комплексные показатели надежности

   6. Надежность систем из последовательно и параллельно соединенных элементов

   7. Решение типовых примеров

2. Определение резервного фонда электрооборудования

   1. Использование теории массового обслуживания для решения эксплуатационных задач

   2. Аналитический метод расчета резервного фонда электрооборудования

   3. Решение типовых примеров

3. Техническая диагностика электрооборудования

   1. Метод последовательных поэлементных проверок

   2. Метод последовательных групповых примеров

   3. Решение типовых примеров

Приложение 1. Функция Лапласа

Приложение 2. Значение гамма-функции Г(Х)

Приложение 3. Значение функции распределения Пуассона P_k>m (t)

Приложение 4. Продолжительность простоев технологических процессов

Приложение 5. Определение среднего числа простаивающих технологических процессов

Приложение 6. Таблица значений функции е^-х

Приложение 7. Интенсивности отказов электротехнических изделий

1. Основные показатели надежности электрооборудования

1.1. Показатели безотказности неремонтируемых объектов

Неремонтируемые объекты работают до первого отказа. Различные показатели надежности таких объектов являются характеристиками случайной величины наработки до первого отказа. Для таких объектов обычно используются следующие показатели: P(t) - вероятность безотказной работы, f(t) - плотность распределения наработки до отказа, l(t) - интенсивность отказов, Т₁ - наработка до отказа.

Вероятность безотказной работы - вероятность того, что в пределах заданного интервала времени или наработки не возникнет отказ объекта. Это убывающая функция, при t®¥ P(t)® 0, значения ее находятся в диапазоне 0...1 [1].

= e ^-lt (1.1)

Плотностью распределения наработки до отказа (частотой отказов) называется производная от функции надежности [1]

a(t) =f ( t ) = dQ(t) / dt = - dP(t) / dt (1.2.)

Интенсивность отказов характеризует условную вероятность того, что объект откажет на интервале (t + t), при условии, что он был работоспособен в начале интервала. Интенсивность отказов определяется по формуле [1]

l ( t ) = f ( t ) / P ( t ) (1.3.)

Наработкой до первого отказа называется математическое ожидание наработки объекта до первого отказа. На основании известного соотношения между математическим ожиданием и дифференциальным законом распределения случайной величины устанавливается связь Т₁ с вероятностью безотказной работы [1]

(1.4)

Различные периоды работы технических устройств [1].

При рассмотрении работоспособности любого технического устройства или изделия различают три периода его “жизни”:

а) период приработки. В это время проявляются конструктивные и технологические отказы внезапного характера. Постепенные отказы практически отсутствуют. За счет устранения дефектных элементов и мест некачественной сборки и по мере приработки деталей интенсивность отказов уменьшается и в конце периода снижается до некоторого наименьшего значения. Графически это выглядит следующим образом:

l_в

t₁ t

Рис. 1 Изменение интенсивности внезапных отказов в период приработки (участка 0-t₁) примерно описывается законом Вейбулла.

б) Период нормальной эксплуатации

На этом интервале внезапные конструктивно-технологические отказы продолжают уменьшаться, но одновременно возрастает доля постепенных отказов.

l_п

0 t₁ t₂ t₃

Рис.2. Изменение интенсивности постепенных отказов в период нормальной эксплуатации (участок t₁-t₂).

Участок нормальной эксплуатации обычно в десятки раз продолжительнее периода приработки. На этом участке показатели надежности достаточно строго описываются экспоненциальным распределением случайных величин.

в) Период износа

В это время преобладают постепенные отказы из-за износа и старения

электрооборудования. Интенсивность отказов постепенно растет, причем темпы роста трудно прогнозировать. На рис. 2 это характеризуется участком t₂-t₃. Для описания показателей надежности в большей мере подходят закономерности нормального распределения случайных величин. Суммарный же график “жизни” устройства будет иметь вид:

Рис. 3 График “жизни” устройства l_п - постепенные отказы; l_в - внезапные отказы; l_и - износовые отказы

Описанная закономерность появления отказов позволяет сделать следующие выводы по организации рациональной эксплуатации электрооборудования - в период приработки электрооборудования необходим более тщательный надзор за каждым элементом и постоянный контроль за режимом работы; в период нормальной эксплуатации нельзя нарушать периодичность обслуживания электрооборудования, т.к. это увеличит интенсивность отказов и преждевременно наступит период износа; в начальный период износа электрооборудование должно быть направлено в капитальный ремонт или снято с эксплуатации. Из трех рассмотренных законов распределения случайной величины наиболее часто используется показательное распределение. Оно применимо для сложных систем, характеризует работу изделия на участке длительной эксплуатации, расчеты ведутся по простым формулам. При оценке надежности используются также нормальный закон распределения на участке ускоренного износа изделий и распределение Вейбулла на участке приработки.

Для описания дискретных случайный величин в теории надежности применяется распределение Пуассона. Согласно закону Пуассона вероятность того, что случайная величина примет вполне определенное значение k, вычисляется по формуле [2]

P_k = (a^k / k! ) e^-a , (1.5)

где а - параметр распределения.

Тип распределения случайной величины наработки до отказа зависит от особенностей процесса развития отказа. Для электротехнических изделий, находящихся в эксплуатации, наиболее часто применяются следующие законы распределения: экспоненциальный, нормальный, Вейбулла. Ниже в табл. 1.1.приведены формулы для оценки показателей надежности при различных законах распределения наработки до отказа.

Таблица 1.1.

Тип распределения	Показатели надежности
Экспоненциальное	Вероятность безотказной работы P ( t ) = exp (-lt ) Плотность распределения f ( t ) = l exp ( - lt ) Интенсивность отказов l ( t ) = l Наработка до отказа Т1 = 1/ l
Вейбулла	Вероятность безотказной работы P ( t ) = exp ( -l0 tb ) Плотность распределения f ( t) =l0 b t(b-1) exp ( - l0 tb ) Интенсивность отказов l ( t ) =l0 b t( b-1 ) Наработка до отказа T1 =l0-1/b Г ( 1 + 1/b )
Нормальное ( усеченное t > 0)	Вероятность безотказной работы Плотность распределения Интенсивность отказов Наработка до отказа

Примечание

В табл. 1.1. l₀ и b - параметры распределения Вейбулла, Г - гамма - функция (см. табл. 2 приложения), m_t и s_t - параметры нормального распределения, Ф(х) = 2/ - функция Лапласа.

1.2 Показатели безотказности ремонтируемых объектов [2]

Ремонтируемые объекты после возникновения отказа восстанавливают и продолжают эксплуатировать. Процесс их использования можно представить как последовательное чередование интервалов времени работоспособного и неработоспособного состояний. Показатели безотказности ремонтируемых объектов являются: вероятность безотказной работы Р( t ), параметр потока отказов m( t ), и средняя наработка на отказ Т.

Вероятность безотказной работы для нового оборудования рассматривается до первого отказа, а для оборудования, находящегося в эксплуатации, - до отказа после восстановления работоспособности. Расчет показателя ведется по формуле (1.1). Параметр потока отказов представляет собой отношение математического ожидания числа отказов восстанавливаемого объекта за достаточно малую наработку к величине этой наработки

, (1.6)

где D t - малый отрезок наработки; r (t) - число отказов, наступивших от начального момента времени до достижения наработки t.

Разность r (t+D t) – r(t) представляет собой число отказов на отрезке D t.

Наработка на отказ Т характеризует среднее число часов работы между двумя соседними отказами

, (1.7)

где t - суммарная наработка; r (t) – число отказов, наступивших в течение этой наработки; М[r(t)] - математическое ожидание этого числа отказов.

1.3 Статистическая оценка показателей надежности

Рассматриваемые выше показатели надежности для ремонтируемых и неремонтируемых изделий могут быть определены по статистическим данным об отказах электрооборудования.

Точечная статистическая оценка для вероятности безотказной работы [2].

(1.8)

где N – число объектов, работоспособных в начальный момент времени; n(t) – число объектов, отказавших на отрезке 0…t.

Частота отказов, ч^-1 из опытных данных рассчитывается по формуле [1]

a^*(t) = , (1.9)

где Dn_i - число отказов за промежуток времени D t_i ;

N – число элементов первоначально установленных на испытание;

D t_i – интервал времени.

Интенсивность отказов определяется по формуле [1]

, (1.10)

где Dn_i - число отказов за промежуток времени D t_i;

N_ср= ( N_i + N_i+1) / 2 - среднее число работоспособных элементов;

N_i - число элементов, работоспособных в начале рассматриваемого промежутка времени;

N_i+1 - число элементов, работоспособных в конце промежутка времени Dt _i.

Статистическая оценка для средней наработки до отказа производится по выражению [2]

(1.11)

где t_i – наработка до первого отказа каждого объекта.

Практически же знать время исправной работы t_i всех элементов не представляется возможным, поэтому ограничиваются статистическими данными по отказавшим элементам. Тогда [2]

(1.12)

где Dn_i – количество отказавших элементов в интервале времени Dt;

t_{ср i} = (t_i + t_i+1)/2

t_i – время в начале i-го интервала ;

t_i+1 – время в конце i-го интервала;

m = t_N / Dt;

t_N - время, в течение которого отказали все рассматриваемые элементы.

Параметр потока отказов определяют по формуле [2]

(1.13)

где - -число отказов за конечный отрезок времени (t₂ – t₁ ).

Для стационарных потоков можно применять формулу [2]

m^* = 1 / Т ^* , (1.14)

где Т^* - оценка средней наработки на отказ.

Статистическую оценку средней наработки на отказ Т^* вычисляют по формуле [2]

Т^* = t / r(t), (1.15)

где r(t) – число отказов, фактически происшедших за суммарную наработку t .

1.4 Ремонтопригодность, долговечность и сохраняемость электрооборудования [2]

Показатели ремонтопригодности необходимы для ремонтируемых объектов. Для количественной оценки ремонтопригодности наиболее часто применяются следующие показатели: P(t_в) – вероятность того, что среднее время восстановления не превысит заданной величины (определяется по ранее приведенным формулам для вероятности безотказной работы) и Т_в – среднее время восстановления

(1.16)

где – среднее время восстановления i-го объекта;

f () – плотность распределения времени восстановления.

Если в процессе эксплуатации ведется учет отказов времени ремонтов, то среднее время восстановления по статистическим данным можно определить по формуле

(1.17)

где n – количество отказов за время t.

Под долговечностью понимается свойство объекта сохранять работоспособность до наступления предельного состояния при установленной системе технических обслуживаний и ремонтов. Для количественной оценки долговечности обычно используются такие показатели как средний срок службы и средний ресурс. Следует различать доремонтный, межремонтный, послеремонтный и полный срок службы (ресурс).

Полный срок службы – математическое ожидание срока службы от начала эксплуатации до наступления предельного состояния

(1.18)

При наличии статистических данных указанный показатель определяется по формуле

(1.19)

где t_{сл i} – срок службы i-го объекта;

N – количество объектов.

По аналогичным формулам рассчитывается ресурс, представляющий наработку объекта.

Сохраняемость важна для электрооборудования с длительным сроком хранения (установки для сортировки зерна, стригальные машины и др.). Для оценки сохраняемости можно использовать показатели аналогичные показателям долговечности:

cредний срок сохраняемости

(1.20)

1.5 Комплексные показатели надежности [1]

Помимо единичных показателей надежности, для оценки эксплуатационных характеристик электрооборудования часто используются обобщенные (комплексные) показатели надежности, которые относятся одновременно к нескольким свойствам.

Для оценки степени использования электрооборудования при возникновении неплановых режимов применяется коэффициент готовности (k_г). Он характеризует два свойства – безотказность и ремонтопригодность. Коэффициент готовности – это вероятность того, что объект окажется в работоспособном состоянии в произвольный момент времени. Стационарное значение коэффициента готовности определяется по формуле

K_г = Т/ (Т+Т_в) , (1.21)

и характеризует относительное время нахождения электрооборудования в исправном состоянии.

Степень выполнения своих задач электрооборудованием, находившимся в режиме ожидания, может быть оценена коэффициентом оперативной готовности (k_ог). Коэффициент оперативной готовности –это вероятность того, что объект окажется в работоспособном состоянии в произвольный момент времени и, начиная с этого времени, будет безотказно работать в течение заданного интервала. Следовательно

k_ог = k_г Р(t). (1.22)

Входящие в выражение (1.24) сомножители определяются по ранее приведенным формулам.

Для комплексной оценки надежности работы электрооборудования применяется коэффициент технического использования (k_{т и}). Коэффициент технического использования – отношение математического ожидания времени работоспособного состояния объекта за некоторый период времени к суммарному времени работоспособного состояния и плановых и неплановых простоев

k_{т и}= Т_å/( Т_å+ Т_Рå+ Т_ТОå), (1.23)

где Т_å - суммарная наработка объекта; Т_Рå - суммарное время простоев из-за плановых и неплановых ремонтов; Т_ТОå - суммарное время простоев из-за плановых и неплановых технических обслуживаний.

По сравнению с коэффициентом готовности коэффициент технического использования является более общим и универсальным показателем.

1.6 Надежность систем из последовательно и параллельно соединенных элементов [1]

Сложное техническое устройство состоит из нескольких отдельных частей или комбинации разных групп однотипных элементов. Каждая составная часть устройства обладает в течение заданного промежутка времени разным уровнем вероятности безотказной работы (или надежности). От определенного сочетания этих надежностей зависит общий уровень надежности всего устройства. Например. электрическая машина состоит из следующих основных частей: магнитопровод, обмотка статора и ротора, подшипников. Отказ любой из частей приводит к выходу из строя всей машины.

Для расчета вероятности безотказной работы машины как целого устройства в течение заданного промежутка времени нужно знать к какому типу соединения (в смысле теории надежности) принадлежит комбинация этих частей - к последовательному или параллельному.

Электрическая машина относится к устройству с последовательно соединенными элементами, т.к. выход любой из этих частей из строя приводит к отказу всей машины.

Если предположить отказы частей устройства независимыми, то на основании теорем теории вероятностей можно представить следующие уравнения для расчета надежности, например комбинации из двух частей P₁(t) , P₂(t) - надежность одного и другого элемента системы; Q₁(t), Q₂(t) - отказ одного и лругого элемента системы.

Вероятность того, что оба элемента в последовательной системе будут работать безотказно в течение заданного промежутка времени будет выглядеть так:

Р_пс( t ) = P₁(t)× P₂(t), (1.24)

Вероятность того, что в последовательной системе один или оба элемента откажут

Q_пс(t) = 1 - Р_пс( t ), (1.25)

или Q_пс(t) = 1- P₁(t)× P₂(t),

Согласно уравнению (2.1) отказ любого элемента приводит к отказу системы.

Вероятность того, что будут работать один или два элемента системы при параллельном соединении.

Р_пр( t ) = P₁(t) + P₂(t) + P₁(t)× P₂(t) (1.26)

Вероятность того, что оба элемента откажут при параллельном соединении

Q_пр(t) = Q₁(t)× Q₂ (t) = 1- Р_пр( t ) (1.27)

Параллельное соединение элементов иначе называется системой с постоянно нагруженным резервом. Такая параллельная система из двух элементов не отказывает в работе, если отказал один из элементов.

1.7 Решение типовых примеров

Пример 1. Наработка до отказа щита управления электрооборудованием подчинена экспоненциальному закону с интенсивностью отказов l(t) = 1,3×10^-5 ч^-1. Определить количественные характеристики надежности устройства P(t), f(t) и T₁ в течение года.

Решение. 1. По формуле P ( t ) = exp (-lt ) определяем

Р(8760) = = 0,89.

2. f(t) = l(t) × P(t) = 1,3 × 10 ^-5 × 0,89 = 1,16 × 10 ^-5 ч ^-1

3. Т₁ = 1/l = 1/(1,3 × 10 ^-5) = 76923 ч.

Пример 2. Сравнить между собой наработку до отказа двух неремонтируемых объектов, имеющих функцию надежности, определяемую по формулам

Р₁( t ) = ехр[-(2,5× 10 ^-3 t)] и Р₂ ( t ) = 0,7ехр - (4,1 × 10^-3 t) + 0,08ехр - (0,22 × 10 ^-3 t).

Решение. По общей формуле для определения наработки до отказа

находим

Наработка до отказа второго объекта выше, чем первого.

Пример 3. Вероятность безотказной работы машины постоянного тока на этапе приработки подчиняется распределению Вейбулла с параметрами l₀ = 2×10^-4 ч^-1 и b = 1,2. Определить вероятность безотказной работы и наработку до отказа машины за время t = 400 ч.

Решение. 1. Р( t ) = exp- (l₀t^b) = exp-(2 × 10^-4 ×400^1,2) = 0,767

2. T₁ = l₀^-1/bГ(1+1/b) = (2 × 10^-4 )^-1/1,2×Г(1+1/1,2) = 1126 ч.

Значения гамма-функции взято по табл.2 приложения.

Пример 4. На испытаниях находилось N= 1000 осветительных приборов. За время t = 3000 ч отказало n = 200 изделий. За последующие Dt_i = 200 ч отказало еще Dn_i = 100 изделий. Определить Р^*(3000), Р^*(3200), f^*(3200), l^*(3200).

Решение

1.

2. 

1. 

2. 

Пример 5. Прибор состоит из четырех блоков. Отказ любого из них приводит к отказу прибора. Первый блок отказал 9 раз в течение 21000 ч, второй - 7 раз в течение 16000 ч, третий - 2 раза и четвертый - 8 раз в течение 12000 ч работы. Определить наработку на отказ, если справедлив экспоненциальный закон надежности.

Решение. 1. Определяем суммарную наработку прибора

t = 21000 + 16000 + 12000 + 12000 = 61000 ч.

2. Определяем число отказов за суммарное время наработки

r ( t ) = 9 + 7 + 2 + 8 = 26

3. Находим среднюю наработку на отказ

Т^* = t / r ( t ) = 61000 / 26 = 2346 ч.

Пример 6. При эксплуатации электрооборудования животноводческой фермы зарегистрировано 20 отказов, из них: электродвигателей - 8, магнитных пускателей - 2, реле - 4, электронагревательных приборов - 6. На ремонт затрачивалось: электродвигателей - 1,5 ч, магнитных пускателей - 25 мин, реле - 10 мин, электронагревателей - 20 мин. Найти среднее время восстановления.

Решение 1. Определяем вес отказавших элементов по группам m_i = n_i/N_o

m₁ = 8/20 = 0,4; m₂ = 2/20 = 0,1; m₃ = 4/20 = 0,2; m₄ = 6/20 = 0,3.

2. Находим среднее время восстановления

Т_В^*= 90 × 0,4 + 25 × 0,1+10 × 0,2+20 × 0,3 = 46,5 мин

Пример 7. В результате наблюдения за работой 1000 электродвигателей в течение 10000 ч было получено значение l = 0,8×10 ^-4 ч ^-1. Закон распределения отказов экспоненциальный, среднее время ремонта электродвигателя равно 4,85 ч. Определить вероятность безотказной работы, наработку до первого отказа, коэффициент готовности и коэффициент оперативной готовности.

Решение.

1. Р ( t ) = е ^{-l t} = e ^{- 0,8×10^-4 × 10^4} = 0,45

2. T₁ = 1/l = 1250 ч.

1. k_г = Т₁ / (Т₁ + Т_в) = 1250/(1250 +4,85) = 0,996

2. k_ог = Р( t )k_г = 0,45× 0,996 = 0,448

Пример 8. Навозоуборочный транспортер имеет 2 электродвигателя. Суммарная наработка транспортера за год составляет 200 ч. Эксплуатационные мероприятия включают в себя 1 текущий ремонт продолжительностью 3 ч на каждый электродвигатель и 7 технических обслуживаний по 0,5 ч на каждый электродвигатель. Определить коэффициент технического использования электродвигателей навозоуборочного транспортера.

Решение

Пример 9. Тиристорный преобразователь имеет параметры усеченного нормального распределения m= 1200 ч и s_t = 480 ч. Определить значение вероятности безотказной работы и интенсивности отказов для t = 200 ч.

Решение

Значения Ф(2,08) и Ф(2,5) найдем по табл. 1 приложения. Тогда Р(200) = 0,982/0,993 = 0,988.

Эти зависимости пригодны для исследования электрических машин как в целом, так и поэлементно.

Пример 10. Необходимо произвести приближенную оценку вероятности безотказной работы Р(t) и среднюю наработку до первого отказа Т_о асинхронного электродвигателя для двух промежутков времени его работы t = 1000 и 3000 ч, если интенсивность отказов l = 20 × 10 ^-6 ч ^-1.

Решение

Т₁ = 1/l = 10 ⁶ /20 = 5 × 10 ⁴ ч.

При Р ( t ) = е ^-(t/10)

Р₍₁₀₀₀₎ = = е ^{- 0,02} = 0,98

Р₍₃₀₀₀₎ == е ^{- 0,06} = 0,94

Пример 11. Для системы автоматического управления известно

l = 0,01 ч ^-1 и время работы t = 50 ч. Определить:

Р ( t ); Q ( t ); f ( t ); T₁.

Решение:

Р ( 50 ) = е ^{-l t} = е ^{- 0,01×50} = е ^{- 0,5} = 0,607

Q ( 50 ) = 1 - Р ( 50 ) = 1 - 0,607 = 0,393

Т₁ = 1/l = 1 / 0,01 = 100 ч.

f ( 50 ) = l е ^{-l t} = 0,01× е ^{- 0,01×50} = 0,00607 ч ^-1.

Пример 12. Определить конструкционную надежность электродвигателя постоянного тока для трех промежутков времени его работы: t₁ = 1000 ч., t₂ = 3000 ч., t₃ = 5000 ч о следующим средним статистическим данным об интенсивности отказов основных её частей в долях единицы на час работы: магнитная система с обмоткой возбуждения l₁ = 0,01×10^-6 ч ^-1 ; обмоткой якоря l₂ = 0,05 × 10 ^-6 ч ^-1; подшипники скольжения l₃ = 0,4 ×10^-6 ч ^-1 ; коллектор l₄ = 3 ×10^-6 ч ^-1 ; щеточное устройство l₅ = 1 ×10^-6 ч ^-1 .

Решение. Определим среднюю результирующую интенсивность отказов всех частей машины

l = l₁ + l₂ + l₃ + l₄ + l₅ = (0,01+0,05+0,4+3+1)×10^-6 = 4,46 ×10^-6 ч ^-1 .

Средняя наработка до первого отказа машины

Т₁ = 1/ l = 10⁶ / 4,46 = 2,24×10⁵ ч.

Вероятность безотказной работы или конструкционная надежность рассматриваемой машины для трех промежутков времени работы будет

Р₍₁₀₀₀₎ =

Р₍₃₀₀₀₎ = е ^{- 0,014} = 0,988

Р₍₅₀₀₀₎ = е ^-0,022 = 0,975

Статистическая оценка интенсивности отказов может быть определена отношением числа отказавших изделий к моменту времени Dt к числу изделий поставленных на эксплуатацию (в начале испытания).

Например, испытанию подверглись 100 дверей шахты лифты и в интервале между седьмыми и восьмыми сутками испытаний было зарегистрировано 46 отказов. Тогда l = 46/100 = 0,46 отказа за сутки на дверь шахты для оговоренного интервала времени.

Пример. 13. Определить вероятность безотказной работы узла, состоящего из трех элементов, у которых вероятность безотказной работы Р₁ = 0,92; Р₂ = 0,95; Р₃ = 0,96

Решение

Р_узла(t) = Р₁(t) × Р₂(t) × Р₃(t) = 0,92 × 0,95 × 0,96 = 0,84

Она меньше, чем вероятность безотказной работы самого надежного элемента.

Даже если взять 4 элемента и у четвертого элемента Р₄ ( t ) = 0,97, то

Р_узла(t) = 0,92 × 0,95 × 0,96 × 0,97 = 0,81

При последовательной системе соединения элементов лучше иметь меньше элементов в цепи

Р_у = 0,92 × 0,95 = 0,874

При параллельном соединении

Р_узла(t) = Р₁(t) + Р₂(t) - Р₁(t) × Р₂(t) = 0,92 + 0,95 - 0,92 × 0,95 = 1,87 - 0,874 = 0,996.

2.Определение резервного фонда электрооборудования [2]

2.1 Использование теории массового обслуживания для решения эксплуатационных задач

Решение ряда задач эксплуатационного характера по оперативному обслуживанию электрооборудования, снабжению ЭТС запасными частями, работе участков по ремонту электрооборудования и в других случаях удобно выполнять с использованием теории массового обслуживания.

Под системой массового обслуживания (СМО) будем понимать любую систему, предназначенную для обслуживания потока требований. Ограничимся рассмотрением пуассоновских СМО с простейшим потоком требований.

Работа СМО определяется следующими параметрами:

числом каналов n,

плотностью потока заявок l,

плотностью потока обслуживания одного канала m,

числом состояний системы k.

При этом m= 1/Т_о , (2.1)

где Т_о - среднее время обслуживания одной заявки.

Системы массового обслуживания делятся на системы с отказами и системы ожиданием. В системах с отказами заявка, поступающая в момент, когда все каналы обслуживания заняты, немедленно получает отказ, покидает систему и в дальнейшем обслуживании не участвует. В системе с ожиданием заявка, заставшая все каналы занятыми, не покидает систему, а становится в очередь и ждет, пока не освободится какой-либо канал.

СМО с отказами

Вероятность состояния СМО с отказами определяется по формуле Эрланга

, (2.2)

где - приведенная плотность потока заявок.

Вероятность отказа (вероятность того, что поступившая заявка найдет се каналы занятыми)

(2.3)

Для одноканальной системы

(2.4)

СМО с ожиданием

В практике работы эксплуатационных служб такие системы встречаются наиболее часто. Для СМО с ожиданием обычно определяют вероятности состояний, среднюю длину очереди, среднее время пребывания в очереди.

Вероятности состояний СМО с ожиданием при установившемся режиме работы рассчитывают по формуле

(2.5)

Вероятность наличия очереди

R_o = 1-(P₀+P₁+P₂+ … + P_n) (2.6)

Средняя длина очереди

(2.7)

Среднее время пребывания в очереди

t₀ = m₀/l (2.8)

2.2 Аналитический метод расчета резервного фонда электрооборудования

В практике решения задач о количестве запасных элементов для технических систем широкое распространение получил упрощенный аналитический метод.

При экспоненциальном законе распределения длительности безотказной работы и простейшем потоке отказов вероятность того, что имеющихся в хозяйстве запасных элементов хватит для обеспечения надежной работы системы в течение времени t , определяется по формуле

Р_k<m(t)=, (2.9)

а вероятность того, что число отказов за время t будет больше числа резервных элементов

Р_k>m(t) = 1- Р_k<m(t) (2.10)

Значение функции распределения Пуассона Р_k>m(t) для различных значений lt и m приведены в табл. 3 приложения.

Поскольку процесс отказов электрооборудования носит случайный характер, достаточность имеющегося резервного фонда для обеспечения надежной работы электроприемников задается с определенной вероятностью. Обычно достаточность резервного фонда Р_д находится в диапазоне 0,9...0,99. Расчет необходимого запаса резервных элементов для неремонтируемого и ремонтируемого электрооборудования выполняется в следующей последовательности.

Неремонтируемое электрооборудование

1.Принимаются следующие исходные условия: поток отказов оборудования простейший, отказавшие элементы заменяются, интенсивность отказов i-го изделия l_i, число изделий i-го типа n_i, достаточность резервного фонда Р_д.

2. Определяется суммарная интенсивность отказов i-го изделия

l_iS=l_i n_i. (2.11)

3. Зная заданное время работы системы , рассчитывается параметр распределения Пуассона а=l_iSt.

1. По табл. 3 приложения для заданного значения а определяется число резервных элементов такое, чтобы 1- Р_k>m(t)>Р_д.

Ремонтируемое электрооборудование

Процесс использования и пополнения запаса для такого оборудования отличается тем, что вышедшие из строя изделия подвергаются ремонту в течение времени Т_р и поступают снова в резервный фонд. Вычисление объема запасных частей в этом случае ведется следующим образом.

1. По заданной интенсивности отказов элементов и их количеству определяется суммарная интенсивность отказов.

2. С учетом времени ремонта Т_р и суммарной интенсивности отказов устанавливается параметр распределения Пуассона а=l_SТ_р.

3. Используя табл. приложения, выбирается число резервных элементов m с таким расчетом, чтобы Р_k<m(t)>Р_д.

2.3 Решение типовых примеров

Пример 1. Система диспетчерской связи энергосистемы имеет 5 каналов. В систему поступает простейший поток заявок с плотностью l = 4 вызова в минуту. Средняя продолжительность разговора 3 минуты. Определить вероятность застать систему диспетчерской связи занятой.

Решение. 1. Определяем приведенную плотность потока заявок

a = l/m = l×Т_о = 4 × 3 = 12

2. По формуле

_{определяем Ротк = 12! / [5!(1+12/1+12}²_/2!+12³_/3!+12⁴_/4!+12⁵_{/5!)] = 0,63}

Пример 2. Заданы параметры микропроцессорной системы: число каналов - 3, интенсивность потока обслуживания m = 20 с^-1, суммарный входящий поток заявок l = 40 с^-1. Определить вероятность предельного состояния и среднее время ожидания заявки в очереди. Принять СМО с неограниченной очередью.

Решение. По условию примера определяем a = l / m = 40/20 = 2, т.к. a<n, то режим системы установившийся.

Рассчитываем Р_k для k=n=3

3. Для оценки среднего времени нахождения в очереди вначале определим среднюю длину очереди

m₀ = 2⁴/{3×3!(1-2/3)²[1+2/1+2²/2+2³/3!+2⁴/4!(3-2)]} = 0,9

Определяем среднее время ожидания заявки в очереди

t₀ = m₀ / l = 0,022 с.

Пример 3. В свинарнике - откормочнике на 3750 мест для обеспечения микроклимата используется комплект оборудования “Климат” с 20 электродвигателями серии 4А мощностью 1,1 кВт и частотой вращения 1500 мин^-1. Интенсивность отказов электродвигателей l = 10 ^-5 ч^-1, среднее время капитального ремонта отказавшего электродвигателя 30 суток. Определить резервный запас электродвигателей для свинарника, исключающий аварийный простой технологического процесса поддержания микроклимата сверх допустимой нормы t_д = 3 ч. Принять k_и = 0,6.

Решение. 1.Для заданного среднего времени ремонта электродвигателя Т_р = 30 суток определяем

m = 1/Т_р = 1/(30×24) = 1,38 × 10^-3 ч^-1, тогда

a = l/m = 10^-5/ 1,38 × 10^-3 = 0,72 × 10^-2

2. Из выражения t_П = n_Пk_и/l(n- n_П) c учетом того, что n_П<<n определяем

n_П » t_Пl n/ k_и = 3 × 10^-5 ×20/0,6 = 10^-3.

3. По табл. 5 приложения для n=20, a = 0,72×10^-2, n_П = 10^-3 устанавливаем, что в резерве необходимо иметь 4 электродвигателя. Для 4 электродвигателей среднее число простаивающих технологических процессов n_П » t_Пln / k_и = 0,0004.

4. Проверяем соответствие t_д взятому приближенно t_П

t_П = n_Пk_и/l(n- n_П) = 0,0004× 0,6 / 10^-5(20-0,0004) = 1,2 ч < t_д.

Если взять 3 резервных электродвигателя, то n_П= 0,0019 и

t_П=n_Пk_и/l(n- n_П)= 0,0019 × 0,6 / 10^-5(20-0,0019) = 5,7 ч > t_д.

Таким образом, для выполнения заданных ограничений по продолжительности перерывов в работе системы микроклимата свинарника необходимо иметь 4 резервных электродвигателя.

Пример 4. На вычислительной станции сельскохозяйственного предприятия установлено 4 ЭВМ. Средняя интенсивность на выполнение расчетов - 4 заявки в час (l = 4). Среднее время решения одной задачи Т_о = 0,5 ч. Станция принимает и ставит в очередь на решение не более 4 заявок. Заявки, поступившие на станцию, когда в очереди находится более 4 задач, получают отказ. Определить вероятность отказа и вероятность того, что все ЭВМ свободны.

Решение. 1. Имеем многоканальную СМО с ожиданием при ограниченном числе мест в очереди.

2. Предварительно вычисляем

m = 1/Т_о = 1/0,5 = 2 ч^-1, a = l/m = 2.

1. По формуле (3.3) определяем вероятность того, что все 4 ЭВМ заняты и 4 заявки стоят в очереди, тогда n=8.

Р_отк = 2⁸/[8!(1+2/1+2²/2!+2³/3!+2⁴/4!+2⁵/5!+2⁶/6!+2⁷/7!+2⁸/8!)] = 0,00086.

4. По формуле (3.5) находим вероятность, что все ЭВМ свободны, k=n=4

Пример 5. Требуется определить вероятность того, что отказы в системе электроснабжения появятся менее 3 раз, если параметр распределения Пуассона а = lt = 3,9.

Решение. По табл. 6 приложения определяем Р_k>3(t), тогда

Р_{k< 3} ( t ) = 1- 0,7469 = 0,253.

Пример 6. Требуется определить число резервных электронагревательных элементов, имеющих интенсивность отказов l = 4×10^-6 ч^-1. Общее число электронагревательных элементов в хозяйстве 80, период пополнения резервного фонда 7000 ч. Принять достаточность резервного запаса Р_д = 0,98.

Решение. 1. Определяем суммарную интенсивность отказов электронагревательных элементов l_S = 4×10^-6 × 80 = 3,2 × 10^-4 ч^-1.

2. Определяем значение параметра а

а = l_S×t = 3,2 × 10^-4× 7000 = 2,24

3. Для заданного значения а=2,24 по табл.6 приложения определяем Р_k>m(t), равное 0,0025. Учитывая, что Р _{k< m} ( t )= 1- Р _{k> m} ( t )>P_д>0,98, получим

Р _{k< m} ( t ) = 0,9925 при m = 7.

4. Поскольку Р _{k< 7} ( t ) = 0,9925 > Р_д = 0,98, в резервном фонде целесообразно иметь 7 электронагревательных элементов.

Пример 7. В телятнике на 600 голов эксплуатируется 9 электродвигателей серии 4А, имеющих интенсивность отказов l₁ = 0,1×10^-4 ч^-1, и 11 электродвигателей серии АО2сх с интенсивностью отказов l₂ = 0,5×10^-4 ч^-1. Достаточность резервного фонда 0,95. Рассчитать число запасных электродвигателей при пополнении резервного фонда 1 раз в течение года ( в году 8760 часов).

Решение. 1. Определяем суммарную интенсивность отказов электродвигателей по группам

l_1S= l₁n₁= 9 × 0,1×10^-4 = 0,9×10^-4 ч^-1.

l_2S= l₂n₂ = 11 × 0,5×10^-4 = 5,5 ×10^-4 ч^-1.

2. Определяем параметры распределения Пуассона а₁ и а₂

а₁ = l_1St = 0,9×10^-4×8760 = 0,788 а₂ = l_2St = 5,5 ×10^-4×8760 = 4,82

3. По табл. 3 приложения по а₁ и а₂ находим значение функции Р _{k> m} ( t ), такое чтобы Р _{k< m} ( t ) было больше, чем Р_д. Определяем число резервных элементов: для электродвигателей серии 4А :т.к. Р_{k < m}( t ) = 1-0,0474 = 0,9526 > 0,95, то m₁ = 3 ;

для электродвигателей серии АО2сх, т.к. Р_{k < m}( t )= 1-0,025 = 0,975 > 0,95, m₂ = 10.

Пример 8. 100 комплектов однотипной аппаратуры предполагается эксплуатировать в течении 500 ч. Каждый комплект аппаратуры содержит неремонтируемых элементов:

типа А n₁= 5 шт c l₁ = 2 ×10^-6 ч^-1

типа Б n₂= 10 шт c l₂ = 4 ×10^-6 ч^-1

типа С n₃= 8 шт c l₃ = 0,6 ×10^-5 ч^-1

кроме этого имеется 3 типа ремонтируемых элементов

типа Г n₄= 2 шт c l₄ = 1,9 ×10^-5 ч^-1, Т_в4 = 60 ч,

типа Д n₅= 10 шт c l₅ = 8 ×10^-6 ч^-1, Т_в5 = 90 ч,

типа Е n₆= 3 шт c l₆ = 0,4 ×10^-4 ч^-1, Т_в6 = 42 ч.

Определить число запасных элементов по всем группам, если требуется гарантированная вероятность работы аппаратуры за счет неремонтируемых элементов каждого типа Р₁ ( t ) = 0,99, а за счет ремонтируемых элементов каждого типа Р₂ ( t ) = 0,96. Рассчитать также вероятность выполнения аппаратурой в целом своих функций при наличии запасных элементов.

Решение. 1. Определяем параметр а для неремонтируемых элементов (N=100).

а₁ = l₁Nn₁t = 2 ×10^-6 × 100 × 5 ×500 = 0,5

а₂ = l₂Nn₂t = 4 ×10^-6 × 100 × 10 ×500 = 2

а₃ = l₃Nn₃t = 0,6 ×10^-5 × 100 × 8 ×500 = 2,4

2. По табл. 3 приложения для полученных значений а с учетом того, что 1-Р₁( t ) = 0,01 находим m₁= 4, m₂ = 7, m₃ = 8.

1. Определяем параметр распределения Пуассона для ремонтируемых элементов

а₄ = l₄Nn₄Т_в4 = 1,9 ×10^-5 × 100 × 2 × 60 = 0,228

а₅ = l₅Nn₅Т_в5 = 8 ×10^-6 × 100 × 10 × 90 = 0,72

а₆ = l₆Nn₆Т_в6 = 0,4 ×10^-4 × 100 × 3 × 42 = 0,5

4. По табл. 3 приложения для Р₂( t ) = 0,96 находим m₄ = 2, m₅ = 3, m₆ = 3.

5. Определяем вероятность выполнения аппаратурой своих функций

Р( t ) =

Пример 9. Решить пример 8 при условии проведения капитального ремонта вышедших из строя электродвигателей в течение 720 ч и пополнения ими резервного запаса.

Решение. 1. Определяем суммарную интенсивность отказов электродвигателей l_1å=l₁×n₁= 9 × 0,1 × 10^-4 = 0,9 × 10^-4 ч^-1.

l_2å=l₂×n₂= 11 × 0,5 × 10^-4 = 5,5 × 10^-4 ч^-1.

2. Определяем параметр а

а₁= l_1å ×Т_р= 0,9 × 10^-4 ×720 = 6,48 × 10^-2

а₂= l_2å ×Т_р= 5,5 × 10^-4 ×720 = 0,396 × 10^-2

Р_{1 k<m}( t ) = 1-0,0047 = 0,9953 >0,95 (m=2)

P_{2 k<m} ( t ) = 1-0,0079 = 0,9926 > 0,95 (m=3)

3. По табл. 3 приложения определяем число резервных элементов: для двигателей серии 4А m₁ = 2, для двигателей АО2сх m ₂= 3.

3. Техническая диагностика электрооборудования [2]

3.1 Метод последовательных поэлементных проверок

При использовании этого метода система рассматривается в виде последовательной цепочки элементов, выход каждого из которых приводит к отказу изделия. Для каждого элемента должны быть известны данные о надежности и времени проведения проверок.

Идея метода поэлементных проверок состоит том, что поиск отказавшего узла ведется путем диагностики каждого из элементов в определенной, заранее установленной, последовательности. При обнаружении отказавшего элемента поиск прекращается и производится замена отказавшегося элемента, а затем проверка работоспособности объекта. Если проверка показывает, что объект имеет еще один отказ, то поиск продолжается с той позиции, на которой был обнаружен отказывающий элемент. Операция продолжается, пока не будет обнаружен последний неисправный элемент.

Основная задача, решаемая при использовании метода последовательных поэлементных проверок, заключается в определении последовательности проверок. При этом в общем виде рассматривается объект, состоящий из N элементов, произвольным образом соединенных между собой, с известными интенсивностями отказов l_i , i=1,2,…N. Обычно предполагается, что неработоспособным может быть только один элемент. Известны также продолжительности проверок каждого элемента t_i. Необходимо найти такую последовательность проверок, при которой среднее время поиска неисправности будет минимальным.

Имеющего в технической литературе [26,39] рекомендации по использованию метода предусматривают применение в качестве критерия оптимальности минимума отношения a_{i /}t_{i ,} где a_{i =} - коэффициент отказа i-го элемента или l_i/l_S .

Для обеспечения минимального среднего времени поиска отказавшего элемента проверки следует осуществлять в соответствии с последовательностью a₁/t₁<a₂/t₂<…<a_N/t_N, где порядковые номера от1 до N обозначают очередность проведения проверок.

3.2 Метод последовательных групповых проверок

Метод групповых проверок заключается в том, что путем проверки одного или нескольких параметров определяется часть изделия, в которой находится неисправный элемент, затем проводится другая серия проверок, позволяющая выявить следующую подгруппу элементов, включающую в себя неисправный элемент, и так далее до тех пор, пока последний не будет локализован и однозначно определен.

Если исходные данные по надежности элементов отсутствуют, то наиболее приемлемым методом поиска отказавшего элемента является метод половинного разбиения. Сущность метода заключается в том , что участок схемы с последовательно соединенными элементами делится на две равные части и равнозначно выбирается для проверки левая или правая ветвь. Если в результате проверки, например левой части схемы, окажется, что неисправный элемент находится в правой ветви, то для локализации отказавшегося элемента правая ветвь дополнительно делится на два равнозначных участка. Такое деление будет продолжаться до тех пор, пока не будет обнаружен отказавший элемент. Критерий половинного разбиения учитывает только одну из характеристик проверок – число элементов, охваченных проверкой. Он может дать оптимальное решение только при равных вероятностях отказов элементов и одинаковом времени проверок групп. Поскольку надежность элементов, входящих в систему, может отличатся, лучше использовать метод разбиения последовательной системы на две части с равными суммарными вероятностями отказа или интенсивностями отказов. Для практического использования метода вводят следующие ограничения: в системе может отказать только один элемент, время проверок различных групп элементов одинаково. В этом случае в качестве критерия оптимальности при проведении диагноза можно использовать выражение [Р() ] = min, где Р() – вероятность отрицательного исхода,

(3.1)

где r- число элементов, охваченных проверкой.

Подсчитав значение Р() для всех проверок и используя предложенный критерий, можно выбрать место первой проверки. После проведения первой проверки схема разбивается на две части, которые рассматриваются как самостоятельные объекты. Для каждого из них определяются коэффициенты отказа a (сумма коэффициентов отказа должна быть равна 1), составляется перечень возможных проверок и выбирается проверка, для которой вероятности исходов близки к 0,5. Указанный процесс продолжается до однозначного определения отказавшего элемента.

3.3 Решение типовых примеров

Пример 1. Система автоматического управления технологическим процессом состоит из 14 элементов, соединенных в структурной схеме надежности последовательно (рис. 4.1)

Рис. 3.1. Структурная схема надежности системы автоматического управления

Выход каждого из элементов приводит к отказу системы. Заданы интенсивности отказов элементов (l_i × 10^-5 ч^-1)

l₁ =7, l₂ =3, l₃ =4, l₄ =5, l₅ =4, l₆ =5, l₇ =6, l₈ =1, l₉ =1, l₁₀ =2, l₁₁ =1, l₁₂ =2, l₁₃ =2, l₁₄ =1

Время поиска отказавшего элемента одинаково для всех проверок и составляет 5 мин. Используя метод последовательных поэлементных проверок, установить оптимальную последовательность диагностирования системы управления.

Решение. 1. Определяем суммарную интенсивность отказов системы

2. По формуле находим значение показателя a_i для всех элементов, в результате получаем a₁ = 0,16, a₂ = 0,068, a₃ = 0,09, a₄ = 0,11, a₅ = 0,09, a₆ = 0,11, a₇ = 0,136, a₈ = 0,022, a₉ = 0,022, a₁₀ = 0,045, a₁₁ = 0,022, a₁₂ = 0,045, a₁₃ = 0,045, a₁₄ = 0,022.

3. Определяем отношение a_i / t_i, с учетом того, что t_i = t = 5 мин

a₁ / t = 0,032, a₂ / t = 0,0136, a₃ / t = 0,018, a₄ / t = 0,022, a₅ / t = 0,018, a₆ / t = 0,022, a₇ / t = 0,028, a₈ / t = 0,0046, a₉ / t = 0,0046, a₁₀ / t = 0,009, a₁₁ / t = 0,0046, a₁₂ / t = 0,009, a₁₃ / t = 0,009, a₁₄ / t = 0,0046.

4. В соответствии с принятым критерием оптимальности располагаем полученные отношения a_i / t_i в порядке возрастания. Окончательно устанавливаем следующую последовательность проверок

8® 9 ® 11 ® 14 ® 10 ® 12 ® 13 ® 2 ® 3 ® 5 ® 4 ® 6 ® 7 ® 1.

Пример 2. Основными элементами электропривода вентилятора (рис. 4.2) являются: аппарат защиты от токов короткого замыкания (1), вводное коммутационное устройство (2), силовые контакты магнитного пускателя (3), электродвигатель (4), устройство дистанционного включения и отключения электропривода (5), катушка магнитного пускателя (6).

Рис. 3.2. Функциональная схема электропривода вентилятора

Буквами А, Б, В, Г, Д, Е, Ж, З обозначены входные и выходные сигналы элементов. Известны коэффициенты отказов элементов a₁ = 0,3 , a₂ = 0,1 , a₃ = 0,1 , a₄ = 0,2 , a₅ = 0,1 , a₆ = 0,2 . Используя метод групповых проверок, требуется составить алгоритм поиска отказавшего элемента, обеспечивающий минимальное среднее количество проверок.

Решение. 1. Составляем перечень возможных проверок (табл. 4.1). В таблицу также для каждой проверки поместим вероятности отрицательного исхода

Таблица 3.1

Пk

Входной сигнал

Выходной сигнал

Проверяемые

элементы

Р()

П₁

П₂

П₃

П₄

П₅

П₆

П₇

П₈

П₉

П₁₀

П₁₁

П₁₂

П₁₃

П₁₄

П₁₅

П₁₆

П₁₇

П₁₈

П₁₉

П₂₀

А

А

А

А

А

Б

Б

Б

Б

Б

ВЗ

Г

Е

Ж

Е

ЕВ

ЕВ

ВЖ

ВЖ

ВЗ

Б

В

Г

ВЖ

ВЗ

ВЕ

ВЖ

ВЗ

Г

Д

Г

Д

Ж

З

З

Г

Д

Г

Д

Д

1

1,2

1,2,3,5,6

1,2,5

1,2,5,6

2

2,5

2,5,6

2,3,5,6

2,3,4,5,6

3

4

5

6

5,6

3,5,6

3,4,5,6

3,6

3,4,6

3,4

0,3

0,4

0,8

0,5

0,7

0,1

0,2

0,4

0,5

0,7

0,1

0,2

0,1

0,2

0,3

0,4

0,6

0,3

0,5

0,3

Из анализа последнего столбца таблицы видно, что минимальное значение критерия соответствует проверкам П₄, П₉, П₁₉.У проверки П₉ 4 элемента проверяется. Поэтому рассмотрение ведем по П₄ и П₁₉, имеющих по 3 элемента. Выбираем проверку П₁₉ т.к. ее легче реализовать. При положительном исходе проверки П₁₉ отказавший элемент будет находиться в группе, состоящей из 1, 2 и 5 элементов, а при отрицательном исходе – группе элементов 3, 6, 4.

2. Составляем перечни возможных проверок и вероятности их отрицательных исходов для вновь полученных групп, состоящих из 1, 2, 5 и 3, 6,4 элементов. Результаты показаны в табл. 3.2 и табл. 3.3. В этих таблицах Р() будет определяться суммой значений вероятностей отрицательного исхода ( для П₁ : Р() = 0,3+0,3. Первое 0,3 взято из табл. 3.1, а второе 0,3 значение вероятности элемента).

Таблица3.2

Пk	Входной сигнал	Выходной сигнал	Проверяемые элементы	Р()
П1 П2 П6 П7	А А Б Б	Б ВЕ ВЕ ВЖ	1 1,2 2 2,5	0,6 0,8 0,2 0,4

Таблица 3.3

Пk	Входной сигнал	Выходной сигнал	Проверяемые элементы	Р()
П11 П12 П18 П20	ВЗ Г ВЖ ВЗ	Г Д Г Д	3 4 3,6 3,4	0,2 0,4 0,6 0,6

3. Проводим анализ материалов табл. 3.2 и 3.3. Данные табл. 3.2 свидетельствуют о том, что наиболее информативными являются проверки П₁ и П₇. Для обеих проверок = 0,1 . Выбираем проверку П₁. При отрицательном исходе ее неисправен элемент 1, при положительном исходе – несправный элемент находится в группе элементов 2 и 5. Так как в последнем случае остается только 2 элемента, то дальнейшая последовательность проверок безразлична. Аналогичный подход применим при рассмотрении табл. 3.3.

Выбираем проверку П₁₂ и П₁₈. При положительном исходе проверки П₁₂ нужно проверить элементы 3 и 6, при отрицательном – несправен элемент 4.

4. Строим алгоритм проверок

Литература

1. Ермолин Н.П., Жерихин И.П. Н Надежность электрических машин. Л.: Энергия, 1976.

2. Хорольский В.Я., Медведев А.А., Жданов В.Г. Задачник по эксплуатации электрооборудования. Ставрополь, 1997.

4. Приложения

Приложение 1

Функция Лапласа Ф ( х )

Х	Ф(х)	Х	Ф(х)	Х	Ф(х)	Х	Ф(х)
0,00 0,05 0,10 0,15 0,20 0,25 0,30 0,35 0,40 0,45 0,50 0,55 0,60 0,65 0,70 0,75 0,80 0,85 0,90 0,95 1,00	0,500 0,519 0,539 0,559 0,579 0,598 0,618 0,639 0,665 0,673 0,691 0,709 0,725 0,742 0,758 0,779 0,788 0,802 0,816 0,829 0,841	1,05 1,10 1,15 1,20 1,25 1,30 1,35 1,40 1,45 1,50 1,55 1,60 1,65 1,70 1,75 1,80 1,85 1,90 1,95 2,00 2,05	0,853 0,864 0,874 0,885 0,894 0,903 0,911 0,919 0,926 0,933 0,939 0,945 0,950 0,955 0,959 0,964 0,968 0,971 0,974 0,977 0,979	2,10 2,15 2,20 2,25 2,30 2,35 2,40 2,45 2,50 2,55 2,60 2,65 2,70 2,75 2,80 2,85 2,90 2,95 3,00 3,05 3,10	0,982 0,984 0,986 0,987 0,989 0,990 0,991 0,992 0,993 0,994 0,995 0,996 0,997 0,997 0,9974 0,9978 0,9981 0,9984 0,999 0,999 0,999	3,15 3,20 3,25 3,30 3,35 3,40 3,45 3,50 3,55 3,60 3,65 3,70 3,75 3,80 3,85 3,90 3,95 4,00 4,5 5,0 6,0	0,999 0,9993 0,9994 0,9995 0,9996 0,9997 0,9998 1,0 1,0 1,0 1,0 1,0 1,0 1,0 1,0 1,0 1,0 1,0 1,0 1,0 1,0

Приложение 2

Значение гамма - функций Г(х).

Х	Г(х)	Х	Г(х)	Х	Г(х)	Х	Г(х)
1,00 1,01 1,02 1,03 1,04 1,05 1,06 1,07 1,08 1,09 1,10 1,11 1,12 1,13 1,14 1,15 1,16 1,17 1,18 1,19 1,20 1,21 1,22 1,23 1,24	1,00000 0,99433 0,98884 0,98355 0,97844 0,97350 0,96874 0,96415 0, 95973 0,95546 0,95135 0,94740 0,94359 0,93993 0,93642 0,93304 0,92980 0,92670 0,92373 0,92089 0,91817 0,91558 0,91311 0,91075 0,90852	1,25 1,26 1,27 1,28 1,29 1,30 1,31 1,32 1,33 1,34 1,35 1,36 1,37 1,38 1,39 1,40 1,41 1,42 1,43 1,44 1,45 1,46 1,47 1,48 1,49	0,90610 0,90440 0,90250 0,90072 0,89904 0,89747 0,89600 0,89464 0,89338 0,89222 0,89115 0,89018 0,88931 0,88854 0,88785 0,88726 0,88676 0,88636 0,88604 0,88581 0,88566 0,88560 0,88563 0,88575 0,88595	1,50 1,51 1,52 1,53 1,54 1,55 1,56 1,57 1,58 1,59 1,60 1,61 1,62 1,63 1,64 1,65 1,66 1,67 1,68 1,69 1,70 1,71 1,72 1,73 1,74	0,88623 0,88659 0,88704 0,88757 0,88818 0,88887 0,88964 0,89049 0,89142 0,89243 0,89352 0,89468 0,89592 0,89724 0,89864 0,90012 0,90167 0,90330 0,90500 0,90678 0,90864 0,91057 0,91258 0,91467 0,91683	1,75 1,76 1,77 1,78 1,79 1,80 1,81 1,82 1,823 1,84 1,85 1,86 1,87 1,88 1,89 1,90 1,91 1,92 1,93 1,94 1,95 1,96 1,97 1,98 1,99 2,00	0,91906 0,92137 0,92376 0,92623 0,92877 0,93138 0,93408 0,93685 0,93369 0,94261 0,94561 0,94869 0,95184 0,95507 0,95838 0,96177 0,96523 0,96877 0,97240 0,97610 0,97988 0,98374 0,98768 0,99171 0,99581 1,00000

Приложение 3

Значение функции распределения Пуассона

					a
m	0,1	0,2	0,3	0,4	0,5	0,6	0,7	0,8	0,9	1,0
0	1,000	000	000	000	000	000	000	000	000	000
1	0,095	1813	2592	3297	3935	4512	5034	5507	5934	6321
2	0047	0175	0369	0616	0902	1219	1558	1912	2275	2642
3	0002	0011	0036	0079	0144
0231	0341	0474	0629	0803
4		0001	0003	0008	0018	0034	0058	0091	0135	0190
5				0001	0002	0004	0008	0014	0023	0037
6							0001	0002	0003	0006
7										0001
m	1,1	1,2	1,3	1,4	1,5	1,6	1,7	1,8	1,9	2,0
0	1,000	0000	0000	0000	0000	0000	0000	0000	0000	0000
1	0,667	6988	7275	7534	7769	7981	8173	8347	8504	8647
2	3010	3374	3732	4082	4422	4751	5068	5372	5663	5940
3	0996	1205	1429	1665	1912	2166	2428	2694	2963	3233
4	0257	0338	0431	0537	0656	0788	0932	1087	1253	1429
5	0054	0077	0107	0143	0186	0237	0296	0364	0441	0527
6	0010	0015	0022	0032	0045	0060	0080	0104	0132	0165
7	0001	0003	0004	0006	0009	0013	0019	0026	0034	0045
8			0001	0001	0002	0003	0004	0006	0008	0011
9							0001	0001	0002	0002
m	2,1	2,2	2,3	2,4	2,5	2,6	2,7	2,8	2,9	3,0
0	1,000	0000	0000	0000	0000	0000	0000	0000	0000	0000
1	0,87	8892	8997	9093	9179	9257	9328	9392	9450	9502
2	6204	6454	6691	6916	7127	7326	7513	7689	7854	8009
3	3504	3773	4040	4303	4562	4816	5064	5305	5540	5768
4	1514	1806	2007	2213	2424	2640	2859	3081	3304	3528
5	0621	0725	0838	0959	1088	1226	1371	1523	1682	1847
6	0204	0249	0300	0357	0420	0490	0567	0651	0742	0839
7	0059	0075	0094	0116	0142	0172	0206	0244	0287	0335
8	0015	0020	0026	0033	0042	0053	0066	0081	0099	0119
9	0003	0005	0006	0009	0011	0015	0019	0024	0031	0038
10	0001	0001	0001	0002	0003	0004	0005	0007	0009	0011
11					0001	0001	0001	0002	0002	0003
12									0001	0001
m	3,1	3,2	3,3	3,4	3,5	3,6	3,7	3.8	3,9	4,0
0	1,000	0000	0000	0000	0000	0000	0000	0000	0000	0000
1	0,995	9592	9631	9666	9698	9727	9753	9776	9798	9817
2	8153	8288	8414	8532	8641	8743	8838	8926	9008	9084
3	5988	6201	6406	6603	6792	6973	7146	7311	7469	7619
4	3752	3975	4197	4416	4634	4848	5058	5265	5468	5665
5	2018	2194	2374	2558	2746	2936	3128	3322	3516	3712
6	0943	1054	1171	1295	1424	1559	1699	1844	1994	2149
7	0388	0446	0510	0579	0653	0733	0818	0909	1005	1107
8	0142	0168	0198	0231	0267	0308	0352	0401	0454	0511
9	0047	0057	0069	0083	0099	0117	0137	0160	0185	0214
10	0014	0018	0022	0027	0033	0040	0048	0058	0069	0081
11	0004	0005	0006	0008	0010	0013	0016	0019	0023	0028
12	0001	0001	0002	0002	0003	0004	0005	0006
0007	0009
13				0001	0001	0001	0001	0002	0002	0003
14									0001	0001
m	4,1	4,2	4,3	4,4	4,5	4,6	4,7	4.8	4,9	5,0
0	1,000	0000	0000	0000	0000	0000	0000	0000	0000	0000
1	0,983	9850	9864	9877	9889	9899	9909	9918	9926	9933
2	9155	9220	9281	9337	9389	9437	9482	9523	9561	9596
3	7762	7898	8026	8149	8264	8374	8477	8575	8667	8753
4	5858	6046	6228	6406	6577	6743	6903	7058	7207	7350
5	3907	4102	4296	4488	4679	4868	5054	5237	5418	5595
6	2307	2469	2633	2801	2971	3142	3316	3490	3665	3840
7	1214	1325	1442	1564	1689	1820	1954	2092	2233	2378
8	0573	0639	0710	0786	0866	0951	1040	1133	1231	1334
9	0245	0279	0317	0358	0403	0451	0503	0558	0618	0681
10	0095	0111	0129	0149	0171	0195	0222	0251	0283	0318
11	0034	0041	0048	0057	0067	0078	0090	0104	0120	0137
12	0011	0014	0017	0020	0024	0029	0034	0040	0047	0055
13	0003	0004	0005	0007	0008	0010	0012	0014	0017	0020
14	0001	0001	0002	0002	0003	0003	0004	0005	0006	0007
15				0001	0001	0001	0001	0001	0002	0002
16									0001	0001

Приложение 4

Продолжительность простоя технологических процессов

Предприятия	Технологический процесс	Допустимое время простоя, ч
Молочные По откорму крупного рогатого скота Свиноводческие (откорм свиней) Приготовление кормов Закрытого грунта	Доение Поение Кормление Обеспечение требуемого микроклимата Первичная обработка молока Удаление навоза Поение Кормление Обеспечение требуемого микроклимата Удаление навоза Поение Кормление Обеспечение требуемого микроклимата при температуре наружного воздуха,С: 0 ...+12 +13...+20 -20...-1 Удаление навоза Приготовление витаминной муки Обеспечени микроклимата при температуре наружного воздуха,С: -35...-20 -15...-5 0	1,5 3,0 3,0 3,5 3,0 8,0 3,0 3,5 3,5 8,0 3,0 4,0 6,0 3,0 - 8,0 3,5 4/7* 7/12 9/-

*В числителе приведены данные при выращивании огурцов и томатов, в знаменателе - зелени.

Приложение 5

Определение среднего числа простаивающих технологических процессов

				a
n	m	2*10-2	1*10-2	8*10-3	6*10-3	4*10-3
		nп	nп	nп	nп	nп
6	0	0,129	0,062	0,049	0,036	0,024
	1	0,016	0,0037	0,0023	0,0013	0,0006
10	0	0,236	0,108	0,085	0,062	0,041
	1	0,047	0,0108	0,085	0,062	0,041
	2	0,0094	0,001	0,0005	0,0002	0,0001
14	0	0,362	0,158	0,123	0,09	0,059
	1	0,101	0,022	0,014	0,0075	0,0032
	2	0,028	0,003	0,0015	0,0006	0,0002
	3	0,0007	0,0004	0,0002	0,0001	0
20	0	0,605	0,242	0,186	0,134	0,086
	1	0,239	0,048	0,029	0,016	0,0069
	2	0,095	0,0097	0,0047	0,0019	0,0006
	3	0,038	0,0019	0,0008	0,0002	0
	4	0,015	0,0004	0,0001	0	0
	5	0,006	0,0001	0	0	0

Приложение 6

Таблица значений функции е^-х.

					Доли х
х		0		0 ,001	0,002	0,003	0,004
0,00 0,01 0,02 0,03 0,04 0,05 0,06 0,07 0,08 0,09		1,0000 0,9900 0,9802 0,9704 0,9608 0,9512 0,9418 0,9324 0,9231 0,9139		0,9990 0,9891 0,9792 0,9695 0,9598 0,9502 0,9408 0,9315 0,9222 0,9130	0,9980 0,9881 0,9782 0,9685 0,9588 0,9493 0,9399 0,9305 0,9213 0,9121	0,9970 0,9871 0,9773 0,9675 0,9579 0,9484 0,9389 0,9226 0,9204 0,9112	0,9960 0,9861 0,9763 0,9666 0,9570 0,9474 0,9380 0,9287 0,9194 0,9103
					Доли х
х		0,005		0 ,006	0,007	0,008	0,009
0,00		0,9950		0,9940	0,9930	0,9920	0,9910
0,01		0,9851		0,9841	0,9831	0,9822	0,9812
0,02		0,9753		0,9743	0,9734	0,9724	0,9714
0,03		0,9656		0,9646	0,9637	0,9627	0,9618
0,04		0,9560		0,9550	0,9541	0,9531	0,9522
0,05		0,9465		0,9455	0,9446	0,9436	0,9427
0,06 0,07 0,08 0,09		0,9371 0,9277 0,9185 0,9094		0,9361 0,9258 0,9176 0,9085	0,9352 0,9259 0,9167 0,9076	0,9343 0,9250 0,9158 0,9066	0,9333 0,9240 0,9148 0,9057
					Доли х
х		0		0 ,01	0,02	0,03	0,04
0,1 0,2 0,3 0,4 0,5 0,6 0,7 0,8 0,9 1,0 1,1 1,2 1,3 1,4 1,5 1,6 1,7 18, 1,9 2,0 2,1 2,2 2,3 2,4 2,5 2,6 2,7 2,8 2,9		0,9048 0,8187 0,7408 0,6703 0,6065 0,5484 0,4966 0,4493 0,4066 0,3679 0,3329 0,3012 0,2725 0,2466 0,2231 0,2019 0,1827 0,1653 0,1496 0,1353 0,1225 0,1108 0,1003 0,0907 0,0821 0,0743 0,0672 0,0608 0,0550		0,8959 0,8106 0,7334 0,6637 0,6005 0,5434 0,4916 0,4449 0,4025 0,3642 0,3296 0,2982 0,2698 0,2441 0,2209 0,1999 0,1809 0,1637 0,1481 0,1340 0,1212 0,1097 0,0993 0,0898 0,0813 0,735 0,0665 0,0602 0,0545	0,8869 0,8025 0,7261 0,6570 0,5945 0,5379 0,4868 0,4404 0,3985 0,3606 0,3263 0,2952 0,2671 0,2417 0,2187 0,1979 0,1791 0,1620 0,1466 0,1327 0,1200 0,1086 0,0983 0,0889 0,0805 0,0728 0,0659 0,0596 0,0539	0,8781 0,7945 0,7189 0,6505 0,5886 0,5326 0,4819 0,4360 0,3946 0,3570 0,3230 0,2923 0,2645 0,2393 0,2165 0,1959 0,1773 0,1604 0,1451 0,1313 0,1188 0,1075 0,0973 0,0880 0,0797 0,0721 0,0652 0,0590 0,0534	0,8694 0,7866 0,7118 0,6440 0,5825 0,5273 0,4771 0,4317 0,3906 0,3535 0,3198 0,2894 0,2618 0,2369 0,2144 0,1940 0,1755 0,1588 0,1437 0,1300 0,1177 0,1065 0,0963 0,0872 0,0789 0,0714 0,0646 0,0584 0,0529
					Доли х
х	0,05		0 ,06		0,07	0,08	0,09
0,1	0,8607		0,8521		0,8437	0,8353	0,8270
0,2	0,7788		0,7711		0,7634	0,7558	0,7483
0,3	0,7047		0,6977		0,6907	0,6839	0,6771
0,4	0,6376		0,6313		0,6250	0,6188	0,6126
0,5	0,5769		0,5712		0,5665	0,5599	0,5543
0,6	0,5220		0,5169		0,5117	0,5066	0,5016

0,7 0,8 0,9 1,0 1,1 1,2 1,3 1,4 1,5 1,6 1,7 1,8 1,9 2,0 2,1 2,2 2,3 2,4 2,5 2,6 2,7 2,8 2,9

0,4724 0,4274 0,3867 0,3499 0,3166 0,2865 0,2592 0,2346 0,2122 0,1920 0,1738 0,1572 0,1423 0,1287 0,1165 0,1054 0,0954 0,0863 0,0781 0,0707 0,0639 0,0578 0,0523 0,4677 0,4232 0,3829 0,3465 0,3135 0,2837 0,2567 0,2322 0,2101 0,1901 0,1720 0,1557 0,1409 0,1275 0,1153 0,1044 0,0944 0,0854 0,0773 0,0699 0,0633 0,0573 0,0518 0,4630 0,4190 0,3791 0,3430 0,3104 0,2808 0,2541 0,2299 0,2080 0,1882 0,1703 0,1541 0,1395 0,1262 0,1142 0,1033 0,0935 0,0846 0,0765 0,0693 0,0627 0,0567 0,0513 0,4584 0,4118 0,3753 0,3396 0,3073 0,2780 0,2516 0,2276 0,2060 0,1864 0,1686 0,1526 0,1381 0,1249 0,1130 0,1023 0,0926 0,0837 0,0758 0,0686 0,0620 0,0561 0,0508 0,4538 0,4107 0,3716 0,3362 0,3042 0,2753 0,2491 0,2254 0,2039 0,1845 0,1670 0,1511 0,1367 0,1237 0,1119 0,1013 0,0916 0,0829 0,0750 0,0679 0,0614 0,0556 0,0503 Доли х х 0 0 ,1 0,2 0,3 0,4 3 4 5 6 0,0498 0,0183 0,0067 0,0025 0,0450 0,0166 0,0061 0,0022 0,0408 0,0150 0,0055 0,0020 0,0368 0,0136 0,0050 0,0018 0,0334 0,0123 0,0045 0,0017 Доли х х 0,5 0 ,6 0,7 0,8 0,9 3 4 5 6 0,0302 0,0111 0,0041 0,0015 0,0273 0,0101 0,0037 0,0014 0, 0247 0,0091 0,0033 0,0012 0,0224 0,0082 0,0030 0,0011 0,0200 0,0074 0,0027 0,001 Приложение 7 Интенсивность отказов электротехнических изделий. Тип элемента Интенсивность отказов, 10-6 ч-1 Транзисторы Диоды Резисторы Конденсаторы Контактные соединения Интегральные микросхемы Катушки индуктивности Реле разные Переключатели Реостаты Контакторы Плавкие предохранители Лампы накаливания Нагревательные элементы Электрические счетчики Измерительные приборы Электродвигатели серии 4А Генераторы переменного тока Трансформаторы 6(10) кВ Воздушные ЛЭП до 35кВ Аккумуляторы Машины постоянного тока Электродвигатели с кольцами 0,01 0,06 0,001 0,006 0,001 0,006 1 0,1 0,1 11,3 2,5 0,045 7,8 7,6 1,3 0,034 11 16 2,2 5,7 7,2 29 13 1. Реферат на тему Why Kids Join Gangs Essay Research Paper 2. Реферат Родовик лікарський розрив - трава дрібноквіткова розторопша плямиста 3. Реферат на тему Robber Baron 4. Реферат на тему My Name Is 5. Курсовая на тему Проект Системы менеджмента качества на примере продуктового магазина ООО МК 6. Реферат Качество и конкурентоспособность продукции 7. Сочинение на тему Гончаров и. а. - Заметки о жизни и творчестве и. а. гончарова. 8. Курсовая Финансовая политика 2 Теоретический анализ 9. Биография Натан бен Иехиэль Римский 10. Реферат Расходы федерального бюджета на 2003 год Bukvasha Правила Контакты